NK_test的博客

先来关于排列组合中 插板法的应用基础：所以对于这个问题，我们可以抽象成 将m个球放入n个盒子里的方法数（可以有空的盒子），其中m的范围是0~m#include#includeusing namespace std;#define lld long longlld Ext_gcd(lld a,lld b,lld &x,lld &y){ if(b==0)

题意：给你两个串，问你第二个串是从第一个串的什么位置开始完全匹配的？ kmp裸题，复杂度O（n+m）。当一个字符串以0为起始下标时，next[i]可以描述为"不为自身的最大首尾重复子串长度"。当发生失配的情况下，j的新值next[j]取决于模式串中T[0 ~ j-1]中前缀和后缀相等部分的长度， 并且next[j]恰好等于这个最大长度。防止超时，注意一些细节。。另外：尽量少用str

最近公共祖先的经典问题。(1)dfs暴力标记查找(2)线段树(3)倍增算法(4)Tarian算法。这些我慢慢补充，自己也在学习这个算法。这道题数据量比较小，询问每组只有一个，所以我采用的是将其中一个数的祖先不断向上查找，并且做了vis标记。然后对于另一个进行的查找操作，当访问的节点正好是已经做了vis标记的，那么这个就是lca，输出即可。#include#incl

感觉这次的题目还是挺简单的。A :  如果两个人认识，那么就彼此各喝一杯酒，认识用1表示。另外主人肯定认识每一个人。数矩阵中的1加上人数n*2（主人的缘故）。#include#includeusing namespace std;int s[40][40];int main(){ int n; while(cin>>n) { int ans=0; ans+=n*2;

1001：  简单的贪心题。首先我们特判必赢和必输的两种状态(maxm)，然后对战斗力排序，找到在0~m之间最大的战斗力作为初始值，然后，每一次将攻击力提升至 下一个彪形大汉的值，同时k--，如果一旦发现打不过，那么必输，break。注意战斗力1e12，用__int64#include#include#include#include#includeusing namespace

判断第k个线段的集合中一共有几条线段。先用并查集将相交的线段合并记录，最后查询sum数组即可。#include#include#includeusing namespace std;struct node{ double x; double y;}s[2004];struct edge{ node a,b; int num;}E[2005];int fa[200

读入一个只包含 +, -, *, / 的非负整数计算表达式，计算该表达式的值。测试输入包含若干测试用例，每个测试用例占一行，每行不超过200个字符，整数和运算符之间用一个空格分隔。没有非法表达式。当一行中只有0时输入结束，相应的结果不要输出。对每个测试用例输出1行，即该表达式的值，精确到小数点后2位。思路：一开始想的是中缀表达式转后缀，但是这样既要double又要存char，不

给定n种物品和一背包。物品i的重量是wi，其价值为vi，背包的容量为C。问应如何选择装入背包的物品，使得装入背包中物品的总价值最大?整个解的空间相当于一个二叉树，左边是0，代表不取这个物品，右边是1，代表取这个物品，然后进行dfs，回溯的时候修改。注意，这里应该有两个剪枝，我这里只写了一个。#include#include#includeusing namespace std;

A题有很多可行的构造方法，我是采取的对于每个数 i 和 i+n/2配对的方式。对于4特别处理，为2 4 1 3#include#includeusing namespace std;int main(){ int n; cin>>n; if(n==1) { cout<<1<<endl; cout<<1<<endl;

hdu 5422:题意：给出一个n个顶点，m条变的无向图，现在让你添加一条边，使1到n的最短路最短，并且在最短的情况下写出可以添加的边的不同数目。思路：很简单，两种情况：1.如果1到n之间原来不存在边，那么我们添加的这一条边肯定是1~n，所以最短路一定是1，方法只有一种；2.如果1和n之间原来存在边，那么我们就随意连两个顶点即可，方法是n*(n-1)/2。#include #incl

解法：先将每个点之间的可达性用c[][]记录，为0的话代表可以直接走到。但是如果要进行像3 1 2 这样的走法的话必须要先经过他们中间的点2，否则是不能走的。用c[i][j]记录i和j之间必须要经过的点。然后进行dfs搜索即可。经过这道题，自己对dfs的递归过程又有了更加深刻的了解。一开始的时候对dfs里面的参数有些疑虑，-->像这样dfs(s[0],0)，但是这样的话，每次都要先判断c[

高中同学让我求8个菜市场和35个销售点（他们之间还会有15个路口）之间35*8=280个组合分别的最短路径及其输出。最短路水题，嘿嘿。能用自己学到的知识帮助别人解决问题真是极好的享受。具体注释可以见代码，写的蛮清楚的。#include#include#include#include#includeusing namespace std; #define INF 0x3f3f

某人到了一个陌生城市，这个城市的特点就是：每两个城市之间都有飞机直接到达，不是双向的，给出城市的数量n，以及n * (n - 1) / 2  条城市 x  到 城市 y 的路，（表示x 到 y 有飞机），问你是不是可以每个城市都经过并且只经过一次可以的话，输出经过的城市的路径，否则输出Impossible。解：遍历每个点作为dfs的起点，如果能够实现遍历所有的点

最近学习了一下概率dp，感觉没有想象中的那么难。主要还是状态的转移方程的构建。对于”求概率正推，求期望反推“这句话有了初步的理解。期望的意思是说你现在处在一个状态，还需要几步到达最终状态，这是一个期望值，假如我现在已经在目标状态，那么期望是0，即解决了初始化的问题，否则并不知道起点的期望值。附上几道入门题：hdu 4405  http://acm.hdu.edu.cn/showpr

两种求三角形外接圆半径的方法：方法一：已知三角形的三边为a,b,c,a小于等于b小于等于c，它的外接圆半径为 R=abc/( 4S)S为三角形面积，可由海伦公式得到:S=√[p(p-a)(p-b)(p-c)]其中P是周长的一半证明：对于任意三角形，其面积S＝(1/2)*absinC由正弦定理：a/sinA=b/sinB=c/sinC=2R因，c/sinC=2R故，R

本题和HDU畅通工程类似，只不过畅通工程给出了数的连通关系，而此题需要自己判断连通关系，即两个水管是否可以连接到一起，也是本题的难点所在。记录状态，不断combine（），注意只需要判断左方和上方就行，这样不会重复判断，而且肯定都可以遍历到所有的状态。#include#include#include//记录水管的形状，每种水管用一个由'0'和'1'组成的长度为4的字符串代表,/

1001：可以看作找规律，其实是组合数学的一道题目。符合要求的对应关系是要么是自己和自己对应，要么是互相对应，即1->2则2->1。因为对于任何一个数如果他和自己本身对应，那么剩下还有n-1个数；如果他对应别的数(假定是a)，那么a一定也和他对应，这样剩下还有n-2个数，并且他可以对应的数的选择有n-1种，所以，可得递推关系 f[i]=((i-1)*f[i-2]+f[i-1]);#

算法课上机作业，想复杂了。。给定2个序列X={x1,x2,…,xm}和Y={y1,y2,…,yn}，找出X和Y的最长公共子序列。 改进LCS函数，不使用数组b而仅借助数组c本身在O(m+n)时间内构造最长公共子序列。原来的代码：void LCSLength(char *x ,char *y,int m,int n, int **c, int **b){ int i ,j

简单的bfs搜索题，对每个初始的水滴依次扩展，当达到规定步数时跳出。这题还是有坑点的，对于每个初始的水滴，已经访问过的位置不再访问，但是对于不同的水滴，别的水滴已经访问过的，对于当前水滴来说可能还要访问，才能使扩展的范围最大。#include#include#include#include#includeusing namespace std;struct node{ i

题目地址： http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5214A：题意：给出一个区间的初始端点L，R，并且给出递推关系式，区间的个数范围（10的6次方），求是否存在三个不交叉的区间。先说算法：贪心。一边扫过去记录左端点的最大值和右端点的最大值，这样使得中间的范围尽可能大。然后去遍历是否存在这样的不交叉区间。坑点：wa了好几次。。  首先，给出的

题目： 下面都是“-”。 下图是由14个“+”和14个“-”组成的符号三角形。2个同号下面都是“+”，2个异号下面都是“-”。 +   +   -   +   -   +   +   +   -   -   -   -   +     -   +   +   +   -       -   +   +   -         -   +   -           -   

hdu 5427 简单的排序。取后四位作为年份，按照年份由大到小排序，输出时注意不要把中间的空格输出就ok。#include #include #include #include using namespace std;struct node{ string age; int year;}N[200];bool comp(node a,node b){