PAT N个数求和

N个数求和

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8000 B
判题程序
Standard
作者
陈越

本题的要求很简单,就是求N个数字的和。麻烦的是,这些数字是以有理数“分子/分母”的形式给出的,你输出的和也必须是有理数的形式。

输入格式:

输入第一行给出一个正整数N(<=100)。随后一行按格式“a1/b1 a2/b2 ...”给出N个有理数。题目保证所有分子和分母都在长整型范围内。另外,负数的符号一定出现在分子前面。

输出格式:

输出上述数字和的最简形式 —— 即将结果写成“整数部分 分数部分”,其中分数部分写成“分子/分母”,要求分子小于分母,且它们没有公因子。如果结果的整数部分为0,则只输出分数部分。

输入样例1:
5
2/5 4/15 1/30 -2/60 8/3
输出样例1:
3 1/3
输入样例2:
2
4/3 2/3
输出样例2:
2
输入样例3:
3
1/3 -1/6 1/8
输出样例3:
7/24
这道题倒是不难,只是处理起来比较麻烦,注意的细节很多(尤其是遇到负数的时候)
可能中间的数据也比较大,所以要用long long int型或long long,不然的话可能得不全分。

#include<stdio.h>
#include<iostream>
#include<string.h>
#include<algorithm>
using namespace std;
struct node
{
    long long x;
    char y;
    long long z;
};
long long zuida(long long m,long long n)//最大公约数
{
    long long t;
    if(m<n)
    {
        t=m;
        m=n;
        n=t;
    }
    while(n!=0)
    {
        t=m%n;
        m=n;
        n=t;
    }
    return m;
}
long long zuixiao(long long m,long long n)//最小公倍数
{
    long long t,a,b;
    a=m;
    b=n;
    if(m<n)
    {
        t=m;
        m=n;
        n=t;
    }
    while(n!=0)
    {
        t=m%n;
        m=n;
        n=t;
    }
    return a*b/m;
}
int main()
{
    long long n;
    node a,b;
    cin>>n;
    if(n!=0)
    {
        long long i,j,t,sum=0,tt;
    cin>>a.x>>a.y>>a.z;
    for(i=2; i<=n; i++)
    {
        cin>>b.x>>b.y>>b.z;
        t=zuixiao(a.z,b.z);
        a.x=t/a.z*a.x+t/b.z*b.x;
        a.z=t;
        tt=zuida(a.x,a.z);
        a.x/=tt;
        a.z/=tt;
    }
    t=a.x/a.z;
    if(t!=0)
    {
        cout<<t;
        tt=a.z*t;
        tt=a.x-tt;
        if(tt!=0)
        {
            if(a.z<0)
            {
                a.z*=-1;
                tt*=-1;
            }
            cout<<" "<<tt<<"/"<<a.z<<endl;
        }
        else
            cout<<endl;
    }
    else
    {
        if(a.z<0)
        {
            a.z*=-1;
            a.x*=-1;
        }
        if(a.x==0)
            cout<<"0"<<endl;
        else
            cout<<a.x<<"/"<<a.z<<endl;
    }
    }
    //cout<<zuida(-10,5)<<endl;
    return 0;
}




### 关于 PAT L1-009 题目中的 N 个数求和测试点解题思路 #### 输入与输出解析 该题目要读取一系列有理数并计算其总和。输入的第一行为正整数 \(N\) (\( \leqslant 100 \)),表示后续要处理的有理数数量;第二行则按照 `a1/b1 a2/b2 ...` 的格式提供这些有理数值[^3]。 对于输出部分,需注意当遇到负数情况下的特殊处理方式以及确保最终结果能够被正确展示为带分数形式(即整数加上一个最简化的真分数)[^2]。 #### 数据结构的选择 考虑到所有分子和分母均处于长整型范围内,因此建议采用 `long long int` 类型来保存数据以防止溢出问题的发生。此外,在实现过程中应当特别留意对零除异常情况进行预防措施[^4]。 #### 主要算法逻辑 为了高效完成此任务,可以遵循如下策略: 1. 初始化两个变量用于累积相加后的整体值及其对应的分母; 2. 对每一个新加入运算过程里的项做最大公约数简化操作后再执行累加动作; 3. 完成全部项目叠加之后再将所得商转换成分离出来的整数部分同剩余未满单位长度的小数片段两大部分呈现出来。 下面是具体的 C++ 实现代码示例: ```cpp #include <iostream> using namespace std; // 辗转相除法gcd函数定义 long long gcd(long long a, long long b){ return !b ? abs(a):gcd(b,a%b); } int main(){ int n; cin >> n; struct Fraction { long long numerator = 0; // 分子初始化为0 long long denominator = 1;// 分母初始化为1 } sum; while(n--){ char ch; long long up, down = 1; cin >> up; ch=getchar(); if(ch != ' ') cin>>down; if(down<0){up=-up;down=-down;} // 调整符号 // 计算最小公倍数 lcm 和新的分子 new_up long long lcm=sum.denominator/down*down; long long new_up=(sum.numerator*(lcm/sum.denominator)+up*(lcm/down)); // 更新当前累计的结果,并化简 sum={new_up/gcd(new_up,lcm),lcm/gcd(new_up,lcm)}; } if(sum.numerator==0) cout<<0; else{ long long integerPart=fabs(sum.numerator)/sum.denominator; long long remainder=fabs(sum.numerator)%sum.denominator; if(integerPart>0 && remainder>0) printf("%lld %lld/%lld",integerPart,remainder,sum.denominator); else if(remainder!=0) printf("%lld/%lld",remainder,sum.denominator); else printf("%lld",integerPart); if(sum.numerator<0) putchar('-'); } } ```
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