lych的博客

Treap神题。。。首先将问题转化为补集即求不含一个坏点的矩形个数。       考虑这道题目的暴力；显然我们枚举矩形的下边界，得到每一列可以向上拓展多少（视为高度），用单调队列可以求出对于列i向左向右拓展到多少然后就能求出该下边界的答案了。       注意到如果把向左能拓展到的看成是在dfs一颗树时入栈的序号，向右能拓展到的看成是在dfs时出栈的序号，那么显然这可以看成一棵树的dfs序

Day0：到了学车，然后领了胸(gou)牌，就会宾馆了。。看电(xiao)视(shuo)颓，手机不能下App好不兹瓷啊。       Day1：上午rzz(StilWell?)讲数学，，就推(cai)出了第一道。。然后听懂了一点点就开始碎觉了。。听到杂题的时候就又复活辣~\(≧▽≦)/~。                   下午感觉画风明显不对啊。。怎么变成dp了。。然后还有树分

考场上对这道题目一点思路都没有。。一直以为状态和顺序有关然后就gg了QAQ。然而这就是能用子集dp的！/(ㄒoㄒ)/~~都想到用容斥了。。但是dp状态搞不出来QAQ。       令f[i][j][S]表示以i所在的子树（不妨令1为根节点）中与图中编号集合为S的点一一对应，且i与j对应的时候的方案数，然后就可以大力转移了。这样是O(N^3*3^N)的，拿的分好像和暴力差不多。（听说可以用f[i

当时已经没心情做题(qi liao)了，写了个分块搞(pian)了50分。        实际上分块和分治的思想是差不多的，就直接讲分治吧。。        首先转离线操作，然后对于某一个矩形区间x∈[lx,rx]，y∈[ly,ry]，然后要求出所有源点和汇点都在其中的询问，且路径不超出所在区间的答案。不妨设rx-lx>ly-ty，那么对x坐标进行分治，即将这个区间分成两块，那么对于某一个

题意就是求每个数在所有方案中的最终值的和。显然一个数经过若干次变化一定会变成另外一个数，那么离散化后，令g[i][j]表示i这个数最终变成从小到大第j个的方案数。一个直观的思路是，我们枚举j，那么显然g[i][j]>0的i的范围是(l,r)，其中a[l]和a[r]是第j大的数两侧分别第一个大于这个从小到大第j个数的数（由于是随机因此可以假定没有两个数相同）。此时，       如果令f[k][

这道题目，黈力给我讲过一个splay维护括号序列的方法，讲道理是很兹瓷的。       但是在uoj上我看到了一个小哥写得超级短。（还跑得很快）。就学习了一下。       首先离线然后从左到右扫树。       给每一个生长节点新建一个点。这样的话，删掉这个生长节点相当于把新建的点连到它之前建的新建的点上；加入这个生长节点相当于把新建的点连到生长节点上。然后对于这颗树中的点，我们可以

考挂了，自己菜，怪谁喽。       早上闹钟似乎并没有叫醒我们，，qaq，7点被老师门铃按醒了。       开场看了一遍题目，感觉T1的50分挺简单的，T2可能需要一点推倒，T3好大，果断10分。       推了T2发现是一个后缀和，然后要特判0的情况，于是就转化了为判断a[l-1]和a[r]是否相同，直接线段树维护一个*a+b的标记即可。       写完了发现过不了大样例