Description
现在小朋友们最喜欢的”喜羊羊与灰太狼”,话说灰太狼抓羊不到,但抓兔子还是比较在行的,而且现在的兔子还比较笨,它们只有两个窝,现在你做为狼王,面对下面这样一个网格的地形:
左上角点为(1,1),右下角点为(N,M).有以下三种类型的道路
1:(x,y)<==>(x+1,y)
2:(x,y)<==>(x,y+1)
3:(x,y)<==>(x+1,y+1)
道路上的权值表示这条路上最多能够通过的兔子数,道路是无向的. 左上角和右下角为兔子的两个窝,开始时所有的兔子都聚集在左上角(1,1)的窝里,现在它们要跑到右下解(N,M)的窝中去,狼王开始伏击这些兔子.当然为了保险起见,如果一条道路上最多通过的兔子数为K,狼王需要安排同样数量的K只狼,才能完全封锁这条道路,你需要帮助狼王安排一个伏击方案,使得在将兔子一网打尽的前提下,参与的狼的数量要最小。因为狼还要去找喜羊羊麻烦.
Input
第一行为N,M.表示网格的大小,N,M均小于等于1000.
接下来分三部分
第一部分共N行,每行M-1个数,表示横向道路的权值.
第二部分共N-1行,每行M个数,表示纵向道路的权值.
第三部分共N-1行,每行M-1个数,表示斜向道路的权值.
输入文件保证不超过10M
Output
输出一个整数,表示参与伏击的狼的最小数量.
Sample Input
3 4
5 6 4
4 3 1
7 5 3
5 6 7 8
8 7 6 5
5 5 5
6 6 6
Sample Output
14
解题思路
将平面图转为对偶图,以每一块三角形的域作为节点,左下作为S,右上作为T,原图中相邻的两域间连双向边,权值为两域所夹边的边权。这样任意一条从S到T的路径都代表原图中的一个割,最短路就是答案。
代码:
#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<string>
#include<queue>
#include<set>
#include<cmath>
#include<vector>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#define ll long long
using namespace std;
const int inf=2147483640;
int hed[2000005],nex[8000005],lb[8000005],cap[8000005];
ll dis[2000005];
bool pa[2000005];
int x,n,m,S,T,lo;
void add(int x,int y,int num){
lo++;
nex[lo]=hed[x];
hed[x]=lo;
lb[lo]=y;
cap[lo]=num;
}
void SPFA(){
for(int i=1;i<=T;i++) dis[i]=1e17;
queue<int>q;dis[S]=0;
q.push(S);pa[S]=1;
while(!q.empty()){
x=q.front();
for(int i=hed[x];i!=0;i=nex[i])
if(dis[lb[i]]>dis[x]+cap[i]){
dis[lb[i]]=dis[x]+cap[i];
if(!pa[lb[i]]) {pa[lb[i]]=1;q.push(lb[i]);}
}
q.pop();pa[x]=0;
}
printf("%lld",dis[T]);
}
int main(){
scanf("%d%d",&n,&m);
if(n==1 || m==1){
int ans=inf;
for(int i=1;i<max(n,m);i++){
scanf("%d",&x);ans=min(ans,x);
}
if(ans==inf) ans=0;
printf("%d",ans);exit(0);
}
S=(n-1)*(m-1)*2+1;T=S+1;
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<m;j++){
scanf("%d",&x);
if(i==1){
add(j*2,T,x);add(T,j*2,x);
}
else if(i==n){
add((n-2)*(m-1)*2+j*2-1,S,x);
add(S,(n-2)*(m-1)*2+j*2-1,x);
}
else{
add((i-2)*(m-1)*2+j*2-1,(i-1)*(m-1)*2+j*2,x);
add((i-1)*(m-1)*2+j*2,(i-2)*(m-1)*2+j*2-1,x);
}
}
for(int i=1;i<n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++){
scanf("%d",&x);
if(j==1){
add((i-1)*(m-1)*2+1,S,x);add(S,(i-1)*(m-1)*2+1,x);
}
else if(j==m){
add((i-1)*(m-1)*2+j*2-2,T,x);
add(T,(i-1)*(m-1)*2+j*2-2,x);
}
else {
add((i-1)*(m-1)*2+j*2-2,(i-1)*(m-1)*2+j*2-1,x);
add((i-1)*(m-1)*2+j*2-1,(i-1)*(m-1)*2+j*2-2,x);
}
}
for(int i=1;i<n;i++)
for(int j=1;j<m;j++){
scanf("%d",&x);
add((i-1)*(m-1)*2+j*2,(i-1)*(m-1)*2+j*2-1,x);
add((i-1)*(m-1)*2+j*2-1,(i-1)*(m-1)*2+j*2,x);
}
SPFA();
return 0;
}
也可以直接网络流,需要卡常。。。
代码:
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<string>
#include<cstdlib>
#include<queue>
using namespace std;
int hed[1000005],nex[6000005],lb[6000005],cap[6000005];
int dep[1000005];
int s,t,n,m,x,lo=-1,mx=2147483640;
inline void add(int x,int y,int num)
{
lo++;
nex[lo]=hed[x];
hed[x]=lo;
lb[lo]=y;
cap[lo]=num;
}
int dfs(int x,int num)
{
if(x==t || num==0) return num;
int c=0;
for(int i=hed[x];i!=-1;i=nex[i])
if(dep[lb[i]]==dep[x]+1 && cap[i]!=0)
{
int f=dfs(lb[i],min(cap[i],num));
c+=f;
num-=f;
cap[i]-=f;
cap[i^1]+=f;
if(num==0) break;
}
if(c==0) dep[x]=-1;
return c;
}
inline bool bfs()
{
memset(dep,0,sizeof(dep));
dep[s]=1;
queue <int> q;
q.push(s);
while(!q.empty())
{
int x=q.front();
q.pop();
for(int i=hed[x];i!=-1;i=nex[i])
if(cap[i]!=0 && dep[lb[i]]==0)
{
dep[lb[i]]=dep[x]+1;
q.push(lb[i]);
}
}
if(!dep[t]) return false;
return true;
}
inline int dinic_()
{
int c=0;
while(bfs()) c+=dfs(s,mx);
return c;
}
int main()
{
memset(hed,-1,sizeof(hed));
scanf("%d%d",&n,&m);
s=1;t=n*m;
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<m;j++)
{
scanf("%d",&x);
add((i-1)*m+j,(i-1)*m+j+1,x);
add((i-1)*m+j+1,(i-1)*m+j,x);
}
for(int i=1;i<n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
{
scanf("%d",&x);
add((i-1)*m+j,(i-1)*m+j+m,x);
add((i-1)*m+j+m,(i-1)*m+j,x);
}
for(int i=1;i<n;i++)
for(int j=1;j<m;j++)
{
scanf("%d",&x);
add((i-1)*m+j,(i-1)*m+j+m+1,x);
add((i-1)*m+j+m+1,(i-1)*m+j,x);
}
printf("%d",dinic_());
return 0;
}