とある黄鱼のOIブログ

多次询问给定点到点权在[l,r][l,r]间的所有点距离之和。询问某个点x到其他点的距离之和，可以考虑其到根的路径上的点，发现其和可以表示为（为了简单表示，令c[x]表示x所在子树内的所有点） c[x]到x的距离和+ {c[fa[x]]-c[x]}到fa[x]的距离和+|{c[fa[x]]-c[x]}|*dis(x,fa[x])+ …. c[fa[x]]-c[x]表示x的父亲的子树的所有点除

给出一个至多有1个环的图，求长度不超过K的路径数。考虑树的情况，显然用点分治就可以搞出来了。 对于过根的路径，先处理出各深度有多少的点，再依次枚举各子树，对于各点，有其深度，问题变成了在其他子树中，与现有深度之和不超过K的有多少个，而枚举的点到根的距离是已知的t，那么就变成在之前的子树中，深度不超过K-t的点有多少个，平衡树、树状数组都可以轻易地维护。O(nlog2n)O(n\log^2 n)环呢

求前M个路径，使路径权最小。和NOI 2010 超级钢琴类似。。。#include <queue>#include <cstdio>#include <cstring>#define FOR(i,j,k) for(i=j;i<=k;++i)const int N = 50005, M = N * 2, S = 2000005;using namespace std;int bin[20]

动态点分治？ 就是内存卡的很紧？用了154MB。。。 第一次写参考了PoPoQQQ大爷的代码。稍后补齐题解。。#include <queue>#include <cstdio>#include <algorithm>#define FOR(i,j,k) for(i=j;i<=k;++i)const int N = 100005, M = N * 2;using namespace st

由于不知道两种颜色的和，但是如果将两种颜色分别设为1和-1，那么符合条件的和必为0，以这个树分治即可。 数组必须可以索引负值为了不调试使代码长了好多。。#include <queue>#include <cstdio>#include <algorithm>const int N = 100005, M = N * 2;using namespace std;struct SimpleA

见鬼了 如果把第59～60行与上面的循环合并会WA。。。 怎么想都没有问题 求教由于树链分为经过根与在子树中2种情况。 而在子树中的情况递归转化为根的情况。 而根的情况就简单了，扫一遍子树，处理出所有可能走出的乘积，然后哈希判定即可。开map好像超时了。。应该是我写的比较渣。。#include <cstdio>#include <cstring>#include <algorithm>

和HDU 4812 差不多，只不过乘法换成加法而已。 http://blog.youkuaiyun.com/huanghongxun/article/details/51050786#include <cstdio>#include <cstring>#include <algorithm>#define FOR(i,j,k) for(i=j;i<=k;++i)#define ms(i) memset

和POJ 1714一样。。 http://blog.youkuaiyun.com/huanghongxun/article/details/50967578#include <cstdio>#include <algorithm>#include <cstring>const int N = 40005, M = N * 2;#define adj(i,j) for(int i=h[j];i;i=p[

和POJ 1714差不多。 问树中存在多少条路径使其长度为K。#include <cstdio>#include <algorithm>#include <cstring>const int N = 10005, M = 50005, inf = 2147483647;#define adj(i,j) for(int i=h[j];i;i=p[i])if(v[i]!=fa&&!vis[i]

求树上距离不超过K的点对数。 一条链有2种情况。 一是经过根；二是在子树中。 为了排除情况二，我们统计两端点不在同一子树中的。 可以先统计所有，再统计在同一子树中的。 于是可以对所有点距离排序，然后扫一遍统计即可。 http://blog.sina.com.cn/s/blog_6d5aa19a0100o73m.html#include <cstdio>#include <algorit