とある黄鱼のOIブログ

听说是一道贪心题。。已知N个点，M+K条有向边及边权，可能有重边和自环。可以消耗费用修改给定k条边中一些边的边权。第i条边边权修改范围[li,ri]。修改给定K条边的长度使从s1到f比s2到f的时间短。对于边，如果dis(s1,x)的边长修改为l可以使dis(s1,f)更小。如此修改+重跑最短路后若dis(s1,f)对于平局，判断dis(s1,x)发

A: Smooth Sequences如果一个序列是光滑的仅当相邻元素差的绝对值不超过d。称一个序列是半光滑的仅当修改至多一个元素使得序列变得光滑。给定序列询问是否光滑。题解半光滑的有3种情况，一种是连续两端差均不满足d，这种判断两端点差不超过2d即可，一种是一端的差不满足d，随便改，一种是中间某段不满足d，判断修改左右端点即可。#include <bits/stdc...

原文地址：https://uva.onlinejudge.org/index.php?option=com_onlinejudge&Itemid=8&page=show_problem&problem=40题目翻译套汇是对一种货币进行的交易，希望通过发现货币间汇率的细小差别获利。比如，如果1美元可以购买0.7英镑，1英镑可以购买9.5法郎，1法郎可以购买0.16美元。那么1美元通过这样的兑换路径可以

题目K个好朋友要庆祝他们在程序设计大赛夺得第一名。但是电车票却涨价了，他们住在城市的不同地方，他们需要选择一个电车站作为集合地点，又希望坐电车花的钱尽量少。你需要设计一个程序帮助他们选择集合地点。 城市里面有M个电车运行路线（他们只会坐电车，因为太远了）。每条路线经过的站点都已知。对于每个人我们知道他有多少钱、他是否有月卡（也就是坐电车不花钱）。一张电车票要4卢布（一张票整条电车运行路线通行，也就

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由于聪聪总会向可可靠近，而且移动是固定的，因此考虑预处理出所有情况下聪聪的移动方向e[i,j]。 这个可以通过枚举可可跑SPFA解决。 由于聪聪和可可的位置即可描述当前状态，因此设dp[i,j] 当e[i][j]=j或e[e[i][j]][j]=je[i][j] = j或e[e[i][j]][j]=j时，聪聪可以一步到位吃掉可可，显然此时dp[i,j]=1dp[i,j]=1。 否则可可有1|

水炸了。。Asteroids【题目描述】N*N的方阵中有k个怪兽，每开一枪可以杀死一行或者一列中的所有怪兽。至少要开多少枪。【输入描述】第一行n,k 接下来k行，每一行一个坐标，表示对应的位置有怪兽【输出描述】一行为答案【输入样例】3 4 1 1 1 3 2 2 3 2【输出样例】2【样例解释】输入如下 X.X .X. .X. X表示怪兽所在位置【数据约定】100%数据：N<

有点迷的题目。。。。#include <cstring>#include <cstdio>#include <algorithm>#include <queue>using namespace std;#define ms(i,j) memset(i,j,sizeof(i))#define FOR(i,j,k) for(i=j;i<=k;++i)const int N = 3000,

#include #include int u[M], v[M], x[M], y[M];double w[M];double edmonds(int rt, int n, int m) { int i, a, b; double ans = 0; while (1) { memset(in, 127, sizeof in); FOR

给出一个图(1≤n≤1000,0≤m≤100001\leq n\leq 1000,0\leq m\leq 10000)，每个点有加油站费用cic_i，对于每个询问，油箱容积cc的车从ss到ee的最小费用。如果这个图是个DAG的话很显然我们可以直接使用动态规划求解。 但它现在不是DAG，回忆起有篇论文是讲SPFA的应用的，不过没负边，用Dij+Heap即可求有环的动态规划。#include <cst

求图中第k短路长度。毕竟要求k短路，因此前k短路得暴出来。。 一个k短路显然可以被分成一段非最短路和一段最短路。 （非最短路放在前面的目的是更加匹配搜索） 那么最短路显然就是非最短路长度为0的路。 而求出一个k短路显然就是从最短路开始，不断调整前面的非最短路，使其变成k短路，也就是说，调整的过程就是使前面的非最短路变长的过程，具体的方法显然，对于非最短路和最短路的分界点，只要调整其出边，这条

求[S,T]间长度为k的最短路长度。 考虑Floyd算法。发现Floyd每枚举一个中间点，最短路长度就可能翻倍。 利用这个性质，使用类似矩阵乘法的方式计算即可。#include <cstdio>#include <algorithm>using namespace std;#define FOR(i,j,k) for(i=j;i<=k;i++)int num[1005],size=0;i

求最短路和次短路（如果长度刚好比最短路多1）条数和。 嗯。。Dij写成dp。。#include <cstdio>#include <cstring>#include <queue>#define FOR(i,j,k) for(i=j;i<=k;i++)using namespace std;const int N = 100001, M = 100001;int h[N], p[M],

求图上根为1的生成树使得各边权*子树点权和最小。 ans=∑(u,v)wu,v×sumvans=\sum_{(u,v)} w_{u,v}\times sum_v 光看这个式子并没有卵用。专门迷惑人的233。 考虑每个点对答案的贡献，即该点的点权*其祖先边权和。 即上式等价于 ans=∑ufu×dis1,uans=\sum_{u} f_u\times dis_{1,u} 要使总答案最小，即

找出一个环使得其点权和比边权和最大。 即 max∑vi∑ei\max \frac{\sum v_i}{\sum e_i} 既然是分数规划，令答案为a，有 a≥∑vi∑eia\geq \frac{\sum v_i}{\sum e_i} 变形 a×∑ei≥∑via\times \sum e_i\geq \sum v_i ∑(a×ei−vi)≥0\sum(a\times e_i-v_i)\g

第一个人从1出发边权A，第二个人从2出发边权B，走到一起边权C，求最短方案使两人走到n。分别从1,2,n跑一次最短路，然后枚举走到一起的点计算答案即可。没开快速读入 104ms，开快速读入84ms，第二页和第一页的区别，然而很小。。#include #include #include const int N = 40001, M = 80001;using namespace

给出N点M边的图，求出最短路并使最短路上z=0的边数+不在最短路上z=1的边数最小并输出方案。Ans=最短路上z=0的边数+不在最短路上z=1的边数=最短路长-最短路上z=1的边数+总z=1边数-最短路上z=1的边数即最短路上z=1的边数最大时答案最小。跑一次SPFA，并使最短路上z=1的边数最大。方案输出很简单了。。强行map。#include using namespace

B: Transsib题目大意现在有一个线性规划：max⁡z=x1+x2+x3+x4s.t.{x1+x4≤k1x1+x3≤k2x3+x4≤k3x2+x3≤k4x2+x4≤k5x1+x2≤k6\max z=x_1+x_2+x_3+x_4\\s.t.\begin{cases}x_1+x_4\leq k_1 \\x_1+x_3\leq k_2 \\x_3+x_4\leq k_3 \\...