HDU_1166_敌兵布阵

敌兵布阵

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Problem Description

C国的死对头A国这段时间正在进行军事演习，所以C国间谍头子Derek和他手下Tidy又开始忙乎了。A国在海岸线沿直线布置了N个工兵营地,Derek和Tidy的任务就是要监视这些工兵营地的活动情况。由于采取了某种先进的监测手段，所以每个工兵营地的人数C国都掌握的一清二楚,每个工兵营地的人数都有可能发生变动，可能增加或减少若干人手,但这些都逃不过C国的监视。
中央情报局要研究敌人究竟演习什么战术,所以Tidy要随时向Derek汇报某一段连续的工兵营地一共有多少人,例如Derek问:“Tidy,马上汇报第3个营地到第10个营地共有多少人!”Tidy就要马上开始计算这一段的总人数并汇报。但敌兵营地的人数经常变动，而Derek每次询问的段都不一样，所以Tidy不得不每次都一个一个营地的去数，很快就精疲力尽了，Derek对Tidy的计算速度越来越不满:"你个死肥仔，算得这么慢，我炒你鱿鱼!”Tidy想：“你自己来算算看，这可真是一项累人的工作!我恨不得你炒我鱿鱼呢!”无奈之下，Tidy只好打电话向计算机专家Windbreaker求救,Windbreaker说：“死肥仔，叫你平时做多点acm题和看多点算法书，现在尝到苦果了吧!”Tidy说："我知错了。。。"但Windbreaker已经挂掉电话了。Tidy很苦恼，这么算他真的会崩溃的，聪明的读者，你能写个程序帮他完成这项工作吗？不过如果你的程序效率不够高的话，Tidy还是会受到Derek的责骂的.

 

Input

第一行一个整数T，表示有T组数据。
每组数据第一行一个正整数N（N<=50000）,表示敌人有N个工兵营地，接下来有N个正整数,第i个正整数ai代表第i个工兵营地里开始时有ai个人（1<=ai<=50）。
接下来每行有一条命令，命令有4种形式：
(1) Add i j,i和j为正整数,表示第i个营地增加j个人（j不超过30）
(2)Sub i j ,i和j为正整数,表示第i个营地减少j个人（j不超过30）;
(3)Query i j ,i和j为正整数,i<=j，表示询问第i到第j个营地的总人数;
(4)End 表示结束，这条命令在每组数据最后出现;
每组数据最多有40000条命令

 

Output

对第i组数据,首先输出“Case i:”和回车,
对于每个Query询问，输出一个整数并回车,表示询问的段中的总人数,这个数保持在int以内。

 

Sample Input

1
10
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
Query 1 3
Add 3 6
Query 2 7
Sub 10 2
Add 6 3
Query 3 10
End 

 

Sample Output

Case 1:
6
33
59

 

Author

Windbreaker

• 经典的单点更新rmq
• 可以线段树或者树状数组
• 这里用的树状数组

#include <iostream>
#include <string>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <climits>
#include <cmath>
#include <vector>
#include <queue>
#include <stack>
#include <set>
#include <map>
using namespace std;
typedef long long           LL ;
typedef unsigned long long ULL ;
const int    maxn = 1e5 + 10  ;
const int    inf  = 0x3f3f3f3f ;
const int    npos = -1         ;
const int    mod  = 1e9 + 7    ;
const int    mxx  = 100 + 5    ;
const double eps  = 1e-6       ;
const double PI   = acos(-1.0) ;

int c[maxn*20], a[maxn];
int lowbit(int x){
	return x&(-x);
}
void build(int n){
	for(int i=1;i<=n;i++){
		int lth=lowbit(i);
		c[i]=0;
		for(int j=0;j<lth;j++)
			c[i]+=a[i-j];
	}
}
void update(int n, int u, int v){
	while(u<=n){
		c[u]+=v;
		u+=lowbit(u);
	}
}
int sum(int n){
	int res=0;
	while(n>0){
		res+=c[n];
		n-=lowbit(n);
	}
	return res;
}
int quary(int u, int v){
	return sum(v)-sum(u-1);
}
int T, kase, n, i, j;
char op[30];
int main(){
	// freopen("in.txt","r",stdin);
	// freopen("out.txt","w",stdout);
	while(~scanf("%d",&T)){
		kase=1;
		while(T--){
			scanf("%d",&n);
			for(i=1;i<=n;i++)
				scanf("%d",&a[i]);
			build(n);
			printf("Case %d:\n",kase++);
			while(scanf("%s",op) && 'E'!=op[0]){
				scanf("%d %d",&i,&j);
				if('A'==op[0]){
					update(n,i,j);
				}else if('S'==op[0]){
					update(n,i,-j);
				}else{
					printf("%d\n",quary(i,j));
				}
			}
		}
	}
	return 0;
}