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poj 2774给出两个字符串，求这两个字符串的公共子串。我们可以连接两个字符串，中间插入$\$，然后构造后缀数组，用heightheight数组解决。以abbbc和bbc为例。 因为后缀数组是字典序排的，所以排名最近的两个后缀拥有的最大公共前缀一定比不相邻的长。所以，由图可知，只要后缀ii的位置在串1的范围，后缀i−1i-1在串2的范围(反过来亦可)，那么就可以用height[i]heigh

模板及讲解 解决字符串的有力工具。 直接上代码，注释讲解(此题为uoj #35)#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>#include<vector>#define ms(i, j) memset(i, j, sizeof i)#define FN2 "uoj35" using namespace std;const

poj 3581 1. 因为第一个数比后面的大，所以将原串翻转后找出排第ii位的后缀输出，符合SA[i]>=2SA[i]>=2的最小ii(后缀数组中的排列是字典序) 2. 之后将之前已经处理的数据删掉，然后题目变为将剩下的数据分为两份翻转后字典序最小，那么我们设SS为这个序列，S1,S2,...,Sk,Sk+1,...SnS_1, S_2, ..., S_k, S_{k+1},...S_n，其中

poj 3623 字符串翻转后的和原串后的数组进行求后缀数组，然后之后两个指针i，ji，j选择两端rkrk值最小的输出，注意格式#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>#include<vector>#define ms(i, j) memset(i, j, sizeof i)#define ll long longusi

poj 3261还是一样的，这题是整形数字，也可以转为字符串算法做，用后缀数组，二分以后分组判定就可以了#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>#define ms(i, j) memset(i, j, sizeof i)#define FN2 "poj3261" using namespace std;const int M

spoj 694给出一个字符串，求字符串中不相同的子串个数。我们可以知道，字符串中的每个子串都是某个后缀的前缀，于是题目转化为求不相同的后缀的前缀问题。对于每一个SA[k]SA[k]开始的后缀，将会增加n−SA[k]+1n-SA[k]+1个后缀，而其中height[k]height[k]个是和前面的字符串的前缀是相同的。所以答案就是所有n−SA[k]+1−height[i]n-SA[k]+1-hei

poj 1226几本上与这题一样，只不过这里还要把读入的字符串的翻转后的字符串也要连上#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>#include<vector>#define ms(i, j) memset(i, j, sizeof i)#define FN2 "poj1226" using namespace std;con

poj 3294和这题差不多，二分后后缀数组heightheight判断，此题要输出所有的解，用个数组存下每个解在aa中的起始位置即可。不同的是，此题判断时一定要找到一个height[i]<xheight[i]<x或者循环完毕heightheight才能更新解，这样才能防止重复解出现。 (ps: vivi数组不要开大了，否则memset时容易TLE)#include<cstdio>#includ

hdu 2328给出n个字符串，输出他们的最长公共子串，无解输出”IDENTITY LOST”用不同的符号连接每个字符串，然后二分公共子串的长度，在heightheight数组中看有没有连续nn个heightheight大于公共子串的长度，如果有，那么更新答案。 (此题暴力比SA快，而且poj上用SA一直TLE，Hdu上1840ms就过了)#include<cstdio>#include<cst

poj 1743注意用heightheight分组如果最后一组最后一个元素在序列末，那么要进行处理！最方便是直接<=n<=n，还要注意的是不能重复，而且是mini+x<maximini+x<maxi不能是mini+x<=maximini+x<=maxi本题求的是长度最少为5的重复子串，并且重复子串可以加上或者减去一个数。我们将数字处理一下取差值，然后直接做，之后再结果+1+1即可#include<c