cy41的博客

题目链接：620E题意：给定一颗1e5规模的边权都为1的树，接下来1e5次询问，询问间独立，每次添加一条树中不存在的边，再给定两点询问两点间的路径长度是否可以达到k，两点间的路径可以多次包含相同点，相同边，可以来回走。这个题和我以前做过的一个题很像。一颗树的话两点间的最短路径是唯一的，所以如果没有新的边的话，只要路径长度是小于等于询问值，且两者的奇偶性相同则说明可以达到该询问值。如果加入一...

题意：给定一个n∗m,(1<=n,m<=500)n*m,(1<=n,m<=500)n∗m,(1<=n,m<=500)的只含有四种颜色标识的矩阵，定义合法矩阵为：类似这样的四个块相同，且每个块内颜色一致，颜色分布位置也与之一致。接下来有3e53e53e5次询问，每次给出(r1,c1),(r2,c2)(r1,c1),(r2,c2)(r1,c1),(r2,c2)...

题目链接：cf501D题意：给出两个0~n-1的全排列，n<=200000，假设两个全排列分别是第x，y个全排列，现在要你计算第(x+y)%(n!)个全排列，并输出。好久以前做的了，咕咕咕了好久，比赛打完了来更一下。变进制数的概念请见这里：yummy的博客大概有两个应用：将一个全排列转化为变进制数，变进制数转为十进制算出第几个全排列。变进制数转化为全排列。该题先算出两个变进...

题目链接：bzoj3251题意：有根树，支持两种操作，询问从u->v的简单路径上是否存在三个点权可以构成三角形，单点修改点权。两边之和大于第三边，显然这是个很套路的东西，这个性质就是斐波那契性质，而斐波那契数列至多在五十项左右的时候炸int，故若简单路径长度大于50，那么必然有解，否则暴力check即可。#include<bits/stdc++.h>using names...

题目链接：D. Misha and Permutations Summation题意：两个全排列，算出这两个全排列分别是第几个全排列，然后这两个数字相加，取模(n!)，然后再输出一个全排列表示第几个全排列，第几个是从0开始编号的。大概在暑假的时候洛谷上看到一个变进制数的概念，就是将一个全排列转化为一个变进制数：yummy的博客然后将两个变进制数相加，如果最高位还会产生进位说明相加超过了(n!...

cf686D题意：求解有根树中所有子树的重心。徐州打铁归来补题。首先树的重心的性质如下：树的重心一定存在于直连儿子中节点个数最大的一个中，或就是本身。树的重心的所有子树中（删去该节点）最大的一颗的节点个数一定小于等于所有节点数量和的一半。重心不下移，若求解出子树的重心，则整个树的重心一定是子树重心或子树重心的父亲。。。。父亲。。。父亲。一颗树最多只有两个重心，并且这两个重心一定是相...

题意：中文题目链接：自己找二分答案，那么大于答案的边都需要修改一条边，于是将所有的大于答案的链打上标记（边差分），假设这样的链有x条，记录链最大值为k，二分答案为mid，枚举边，如果k-边权<=mid，并且这条边被覆盖了x次，说明该二分答案可行，考虑将答案缩小即可。#include<bits/stdc++.h>using namespace std;typedef lo...

a矩阵的123次幂是不是可以拆成：a120∗a3a^{120}*a^3a120∗a3，a12a^{12}a12是不是可以拆成a10∗a2a^{10}*a^2a10∗a2，于是当我们面对一个超级大的次幂，例如长度为1e6的字符串次幂，我们可以预处理矩阵的0~9次幂出来，然后从前向后计算： int k; char s[1000009]; for(int i=0;i<len;++i){...

题意：给定一个n*n的方阵，以及一个数字m，求出最大的矩阵面积，使得这个矩阵内的最大值减最小值小于等于m。首先考虑最暴力的情况，枚举上下左右边界，再n*n的检查。考虑优化，题目中提示n*n*n的算法可行，考虑那么可以想到枚举三个边界，然后得到另一个边界。那么我们可以枚举左右边界，然后对于上下边界，我们枚举下边界，用单调队列来维护上边界，使得矩阵尽量的大，那么我们肯定是希望满足最大值减最...

很久以前不求甚解的看了一下，然后就没有管了，今天牛客的多校又考到这个点了，遗憾由于根本没有理解单调队列所以没有往这个方向想。单调队列是一个双端队列，他从头到尾，首先维护了下标的递增，其次根据需要维护了值的递增或递减。比较经典的就是滑动窗口了。给定一个大小为k的框，可以框住k个连续的数字，现在问你框不超过k个连续数字使得这些元素和最大。预处理前缀和sum[]，那么我们应该使得区间左端...

题意：给定一个n*m的01矩阵，求不严格次大子矩阵的大小。（子矩阵中元素必须都为1）就是在求最大子矩阵的过程中加入一些判断，来求次大子矩阵。分为三种情况：如果该子矩阵的值小于最大值，那么用这个子矩阵的值去更新次大值 如果该子矩阵的值等于最大值，首先判断这个矩阵是否被使用过，若没有使用过则次大值等于最大值 如果该子矩阵的值大于最大值，那么次大值等于最大值，最大值等于该子矩阵的值。而...

给定序列长度n，每输入奇数个数，求其中位数一次，最后输出所有中位数。一道例题：poj:3784分析：对顶堆做法，开两个堆，大根堆与小根堆，其中大根堆用来存排序后排名为1~n/2的数，小根堆用来存n/2+1~n的数。那么维护好这两个堆，每次查询中位数只需要访问小根堆的堆顶即是中位数。大根堆堆中的数字一定全部小于堆顶，小根堆堆中的数字一定全部大于等于堆顶，相当于排序后序列前一半的数字...

本文介绍两种做法，一、manacher算法；二、hash算法加二分(学自《算法竞赛进阶指南》-李煜东著)。一、我不会啊。。没学，记了个板子：#include<cstdio>#include<cstring>#include<iostream>using namespace std;const int maxn=110005;char s[ma...

有n个盒子，m个苹果(m>=n)。盒子不为空，那么可以考虑用n-1个板子把m个苹果分为n个部分即可，故res=。 盒子可以为空，那么我们可以人为的增加m个苹果，给每个盒子放入一个，就又转化为了盒子不为空的放法，故res=给出百度百科的解释2333：一道题：https://ac.nowcoder.com/acm/contest/553/D...

const int maxn=5e5+7;int a[maxn],b[maxn];//原数组,辅助数组;ll change(int l,int mid,int r){ int i=l,j=mid+1; ll res=0; int k=0; while(i<=mid&&j<=r) if(a[i]<=a[j]...

可以理解为两个人同时走迷宫，走到同一地方时最少的步数，那么可以开两个队列，每次都各自扩展一层，若遇到自己可以走到的地方，另一个人走到了，那么说明这个地方就是最小的步数处。给一道题：https://ac.nowcoder.com/acm/contest/549/GA:每次可以向八个方向走一步；B:每次可以从四个方向选，可以走两步。那么每次可以考虑为为A扩展一层，为B扩展两次一层，即可。...

题目链接：https://nanti.jisuanke.com/t/38232题意：给出一个字符串s，接下来有q次查询，每次输入一个字符串t，求t是否是s的子串(可以不连续)。倒着扫一次，预处理出每一位下一个字母出现的位置。字符串从下标1开始存储。const int maxn=1e5+7;char s[maxn];char t[maxn];int Next[maxn][27]...

一维空间 int* a=new int[row]，若使用memset函数初始化的话不会起到该有的作用，还是使用for来初始化; 二维空间: v=new int* [n+2];//行开辟; for(int i=0;i<=n+1;++i){ v[i]=new int[m+1];//列开辟; } //初始...

大佬的分析：here给定n个数字，求所有子集的长度之和，子集定义为：该子集合中的所有元素异或为0。学会了另一种线性基的写法。我觉得大佬的解释非常清晰，点击上方链接跳转就好。线性基的一些性质：线性基中的数字都是线性无关的； 若一个数字无法加入线性基中，说明该数字可被线性基中的若干个数字异或而成； 对于n个数字，如果可以找到两个不同的线性基，那么这两个线性基中的数字个数一定相同...

vector<ll>v;const int h=1000000000;//压九位;void mutl(ll x){ ll t=0; //可以手动模拟一下十进制的乘法就明白了; for(int i=0;i<v.size();++i){ v[i]=v[i]*x+t; t=v[i]/h; v[i]%=h; ...