[bzoj-1607][Usaco2008 Dec]Patting Heads 轻拍牛头 题解

本文介绍了一种解决BZOJ平台上特定牛奶数问题的有效算法。该问题要求计算每头奶牛编号的约数数量(不包括自身)。通过采用优化的O(nlgn)算法,利用类似筛法的思路,显著提高了处理大规模数据集的速度。

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题目传送门
题意解析:题目很明显,给你每一只cow的编号ai,然后问你每只奶牛是它的约数是有几只(不包括自己)。


My opinion:我还是小看了数据,一开始以为用O(n√n)可以卡过,没想到bzoj上的总时间只能有3秒,那么只能用O(nlgn)的算法了,那么很明显,对于每个a[i],它对答案的贡献是1,即对每个ans[j] (j%a[i]==0)答案加一,然后我们用类似筛法的写法就可以做到了。
总结:
1、输入,计算出当前a[i]的值有多少个。
2、计算每个数的倍数,并在这个数的倍数的ans上加上这个数的个数。
3、输出。


代码:

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#define rep(i,a,n) for (int i=a;i<=n;i++)
#define per(i,a,n) for (int i=a;i>=n;i--)
#define Clear(a,x) memset(a,x,sizeof(a))
#define ll long long
#define db double
#define INF 2000000000
#define eps 1e-8
using namespace std;
int read(){
    int x=0,f=1;
    char ch=getchar();
    while (ch<'0'||ch>'9') f=ch=='-'?-1:f,ch=getchar();
    while (ch>='0'&&ch<='9') x=x*10+ch-'0',ch=getchar();
    return x*f;
}
const int maxn=100005,maxsum=1000005;
int n,num,Max;
int a[maxn],ans[maxsum],p[maxsum];
int main(){
    n=read();
    rep(i,1,n){
        a[i]=read();
        p[a[i]]++;
        Max=max(a[i],Max);
    }
    rep(i,1,Max)
        if (p[i])
            for (int j=i;j<=Max;j+=i)
                ans[j]+=p[i];
    rep(i,1,n)
        printf("%d\n",ans[a[i]]-1);
    return 0;
}
好的,这是一道经典的单调栈问题。题目描述如下: 有 $n$ 个湖,第 $i$ 个湖有一个高度 $h_i$。现在要在这些湖之间挖一些沟渠,使得相邻的湖之间的高度差不超过 $d$。请问最少需要挖多少个沟渠。 这是一道单调栈的典型应用题。我们可以从左到右遍历湖的高度,同时使用一个单调栈来维护之前所有湖的高度。具体来说,我们维护一个单调递增的栈,栈中存储的是湖的下标。假设当前遍历到第 $i$ 个湖,我们需要在之前的湖中找到一个高度最接近 $h_i$ 且高度不超过 $h_i-d$ 的湖,然后从这个湖到第 $i$ 个湖之间挖一条沟渠。具体的实现可以参考下面的代码: ```c++ #include <cstdio> #include <stack> using namespace std; const int N = 100010; int n, d; int h[N]; stack<int> stk; int main() { scanf("%d%d", &n, &d); for (int i = 1; i <= n; i++) scanf("%d", &h[i]); int ans = 0; for (int i = 1; i <= n; i++) { while (!stk.empty() && h[stk.top()] <= h[i] - d) stk.pop(); if (!stk.empty()) ans++; stk.push(i); } printf("%d\n", ans); return 0; } ``` 这里的关键在于,当我们遍历到第 $i$ 个湖时,所有比 $h_i-d$ 小的湖都可以被舍弃,因为它们不可能成为第 $i$ 个湖的前驱。因此,我们可以不断地从栈顶弹出比 $h_i-d$ 小的湖,直到栈顶的湖高度大于 $h_i-d$,然后将 $i$ 入栈。这样,栈中存储的就是当前 $h_i$ 左边所有高度不超过 $h_i-d$ 的湖,栈顶元素就是最靠近 $h_i$ 且高度不超过 $h_i-d$ 的湖。如果栈不为空,说明找到了一个前驱湖,答案加一。
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