Baoli1008的专栏

题目链接：点击打开链接使用了分治的思想，将问题分解为相同的子问题处理，对于

二分。收获：二分判断函数中，不一定非要解合法才返回真，只要它能单调的逼近真正的解即可。比如这道题中一些值在矩阵中不一定存在但是判断函数仍然返回1，最终得到的答案一定是存在的。代码：#include #include #include #include using namespace std;int a[1005][1005];int N,M;bool vis[1

首先翻得顺序一定是按照树的深度，由上至下，每遇到一个不一样的就要翻，然后更新这个子树。但是这样显然是超时的。实际上在一棵子树中，按照层次的奇偶性可以分成两个集合，设为a，b，如果根节点在a集合，并且要修改，那么修改的就是b集合，反正一样。于是就从根节点开始DFS，每向下搜一层，层次的奇偶就发生了互换，所以交换a1，a2。输入给的边不一定是什么方向的，邻接表要全都添加，然后DFS时开

#include #include #include #include using namespace std;#define eps 1e-7int BS(double c){ int l=0,r=280,mid; double k=0; while(l<r-1){ k=0; mid=(l+r)/2; for(int i=2;i<=mid+1;i++){ k+

二分满足条件的年数。代码：#include #include #include #include using namespace std;#include #define eps 1e-8#define pi acos(-1.0)int BS(double k){ int l=0,r=100000; int mid; while(l<r-1){ mid=(

题中的展开实际就是康托展开。可以这样理解：假设确定了排列的第一位，那么还剩下K-1个数，全排列数为（K-1）！因此答案第一个数一定是S1+1以此类推，可以得知第i位的答案就是在未选的数中第Si小的。问题就转化成了如何确定未选的数中第k小的数是多少。用树状数组c，维护数i之前有多少个数被取走了。这属于单点修改，区间查询。这样如果i-c[i]>=k，那么i这个位

有以下几个剪枝，按难度排序：下文‘部分’代表切割后的小棒子1.做假设的长度一定可以整除所有部分长度之和2.当选择一个部分刚好能把现在组合的这根棒子补全，而之后的棒子无法补全时，直接返回false，不需要试其他部分。因为如果不选这个部分，想把当前棒子补全，需要选其他几个长度和等于这个部分的小棒子，这样留下的局面比直接选初始的那个部分更差。3.当刚开始拼接一个棒子时，如果选择某个部

用a[n]来表示位置n的数应该在哪个位置。这样有两种情况：一是正常情况：沿着n->a[n]->a[a[n]]这条路径一直走，直到出现一个空位，然后逆序把之前路径上的每一个节点和下一个节点（它应该在的位置）交换二是有环的情况：在上面那条路走的过程中又回到n了，那么就要把n之前最后一个节点挪到后面一个空位上，记录这个空位的位置，之后和一一样操作，最后在把那个空位的数放回n注意不需要移动

bfs开标记空间时，一个状态不但要标记所在的位置，还要标记颜色，方向。因此可以开一个4维数组。每个状态可以转移到3个状态。代码：#include #include #include #include #include using namespace std;int M,N;int ox,oy;int dis[30][30][6][4];char Map[30]

首先预处理出每个位置被大火烧到的时间，这个也是用bfs计算火的路径。然后再正常对Joe逃跑路径bfs。代码：#include #include #include using namespace std;#define maxn 1005#include int R,C;int F[maxn][maxn];char M[maxn][maxn];bool vis[

把实数乘100转化成整数再二分，乘之前要加一个eps代码：//// main.cpp// 1064 Cable master//// Created by Baoli1100 on 15/4/11.// Copyright (c) 2015年 Baoli1100. All rights reserved.//#include #include #incl

用一个数状压9个表的状态，每个表4种情况，最多才4^9，标记空间开得下。记录路径时，用pre[i]表示i状态之前的状态是哪个，chs[i]表示这一次用的哪种操作到的i状态。BFS过程中每次第一次到达某状态就确定这两个值，最后递归得到路径，再排个序即可。代码：#include #include #include #include using namespace std;

假设右端点r固定，那么如果能找到离得最远的一个l，使l到r满足要求，那么[l+1~r],[l+2~r].....都满足要求。所以可以枚举右端点，去找最远的满足条件的左端点，使满足条件，答案就是把这些长度求和。因为序列是静态的，所以可以用ST算法在log n时间求出任意区间内的最大，最小值，然后用这些值二分求解最远的l。代码：#include #include #includ

本题可以转化为对于每个数，求它向左向右分别能延伸多远直到遇到它的第一个因子，这个数的贡献就是这两个数相乘。数字最大只有10000，用10000个vector记录每个数字的位置。然后遍历原始序列，对于第i个数，枚举它的所有因数（这个预处理），二分分别搜索这个因子在i左边最近的和右边最近的两个位置lp,rp。然后对于所有因子产生的这些lp,rp，求一个最小的区间交，就是第i个数左右能延

首先floyd求出任意两点间最短路。然后二分路径长度的最大值。 每次二分中：1对于所有长度小于等于这个最大值的 从奶牛到机器的路径，建一条流量为无限的边。2.再从源点到每头牛建一条流量为1的边。3.从每个机器到汇点建一条流量为M的边最后看看最大流是否等于C，等于则这个最大值合法。注意： 若输入数据中不同两点间距离为0，表示的是到达不了。代码：#inc

注意，宝藏数最多只有4个，所有我们可以先用bfs搜索出宝藏

本题的一个关键点在于需要照亮的fa

又是一道二分搜索题，二分搜索思路就是

题目链接：点击打开链接遍历zheng

思路：朴素的枚举是n

题目链接：点击打开链接二分骚

逆向思维，二分查找答案，

题目链接：点击打开链接用des数z

题目链接：点击打开链接

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答案会爆long long ，所以要逐位搜索。

转自：点击打开链接

用树状数组维护第i个位置前面有多少空位，然后

最后输出的答案实际上从右wangzuo第i位就代表第i个城市

记忆化搜索典型题。

求区间第K大数。线段树每个区间维护一个有序的数组。

每一步有4*4=16个决策，单向搜索的话有16^8种状态，双向搜索只有32^4种状态，缩小了解空间。双向搜索用来解决起点和终点确定的搜索问题。方法就是从起点和终点轮流走，分别有各自的队列和标记数组。起点每到一个新的状态，就到终点的标记数组中查询，判断是否有交点。终点也是做一样的操作。注意：Hash时如果像我一样8进制压缩，每个数必须是0~7的，也就是输入的坐标要减1