aozil_yang的博客

题意很简单：问一个马从起点走到终点最短步数。思路：简单的bfs，输入得到起点终点，直接用队列走就可以了！#include#includeusing namespace std;int sx,sy,gx,gy;const int INF = 1e8;int idx[10][10];const int dx[] = {-1,-2,-2,-1,1,2,2,1};const

大体题意：这个题目看了许久 才发现就是一道水题，他就是给你一个无向图，建图的方式都不用你管，他是用vector  保存的！在给你一个新的点，克隆出这个图来！第一次做leetcode，搞了半天。。思路：BFS或者DFS都行 只要能遍历一遍所有的点就好了！这个图有自环， 加个vis判断是否重复访问即可！因为是克隆图嘛，可以建立一个unordered_map mp;来一个原

大体题意：给你一个数字n，让你找出它的一个倍数m，使得m中不同的数字尽可能的少，如果有多解，输出最小的一个！思路：肯定是搜索的题目，我们得先考虑数字m 不同数字的种类个数，以便缩小搜索范围。这里巧妙的运用了鸽笼原理，举个简单的小例子来说明这个原理，如果让你选择一个月份的话，你选择13次肯定有两次是重复的，这个题目同样也是，我们选择n+1个数字，肯定有两个数对n取模是相同的。我们这样

题意不说了，就是一个八数码思路：很暴力，直接把空格看成0，然后把九个数字连接起来，用这个数来代表这个状态。然后正常来想这个题目时，肯定是 从给定状态到目标态来bfs搜索，但是这样做死活爆内存 （好难受= =）我们需要转个弯，从目标态向给定态搜索，这样可以直接预处理打表了。正好这是一个9个不同数字的排列，用康托定理完美去重。注： 用c++交的，G++还是爆内存= =#in

题意不说了 八数码问题：和上篇博客 HDU 1043  题目是一样的！但是做法上有些出入。HDU 时间限制比较长，而且是多组输入，所以要逆向bfs 进行打表处理。而POJ 1077 这个题目，时间是1S ，单组输入。因此输入一组 搜索一组即可。9个数的排列  判重用康托展开来做。但是这个队列要自己写，STL的queue 会超时。自己写的队列，在输出时 能很方

完全仿照紫书上来写的！书中大体思路是：用ans[]来记录答案，不断取最小值来更新！用vis[][]来表示是否访问过，之所以是二维数组，是因为总水量是固定的，两个杯子确定，第三个杯子自然也就确定，两个状态足矣！用结构体表示每一个状态！其中包括每个杯子的水量！u.wat[]，还有dist 为到目前这个状态总的取水量！然后用优先队列不断倒水，有一个技巧，代码中先算出需要倒的水量，

大体题意：你给一个h*w 的网格，网格上最多有三只小鬼，小鬼用小写字母abc 表示，他们的目标用ABC表示，问小鬼移动到目标最短的步数，他们可以同时走，走法有五种：上下左右和不动，其中有几种情况的走法是非法的：1.两只小鬼一步以内交换了位置。2.两只小鬼的下一步是同一个位置。其余情况合法！思路：先将不是#的位置变成标号。然后把所有空格提出来建立一张图，把初始位置

大体题意：给你一个r*c的数字矩阵，要求从任意一个点开始走，只能上下左右走， 求走的过数连接起来最大是多少？思路：直接dfs每一个数字，在每一层dfs中，加上bfs 判断剩下的数连接起来能否大于当前的ans 不能的话 剪枝了。虽然思路是这样的，但昨天一直TLE, 或许姿势不对，第二天重写了一遍 就好很多了= =#include #include #include #inc

题意：告诉你一棵树， 告诉你某些结点为警察局， 其余的为普通点 ，  普通点到每个警察局的距离都小于等于d，现在要求删除尽可能多的边，使得每个点到警察局的距离依然小于等于d，输出数量以及哪些边？思路：直接从警察局开始bfs ， 访问的不在访问，这样每个访问到的边 就是要保留的边，没访问到的就是要删除的。#include #define Siz(x) (int)x.size()u

题意：简单的八数码问题：给你两个状态 求最少步数。可以把点变成9：这样，9个数都不一样，相当于是阶乘的排列。直接用bfs 搜索 康托展开去重即可。#include #include #include #include #include #include #include #include #define Siz(x) (int)x.size()#defi

大体题意：求从左上角到右下角的最短时间，每一个位置有一段危险时间，在危险时间内，你不能到达这个位置！思路：直接bfs即可！因为样例分析出来，这个是可以走回头路的！所以普通的vis数组  只记录坐标肯定是行不通的，但如果不用vis数组，能过的样例太少了！  剩下的都超时！可以用一个三维的vis数组！在记录位置的同时，同时也记录到达这个位置的时间,这样会优化了不少！详细

题意不说了，中文的题意。思路：普通的bfs即可！第一个bfs，判断由起点是否可以到达终点，并且从起点能到达的点标记出来！（方便第二个bfs），如果可以到达终点，ok =1 ，最后只需要判断ok 是不是1  就可以处理其中一个答案！第二个bfs 判断  从标记的点中是否不可以到达终点，暴力枚举一遍即可！其中S + T 这三个字符可以一起处理，因为可以向四周走嘛！| - 这两个

大体题意：给你一个稀疏图，原图是这个稀疏图的补图，告诉你起始位置S，求从原图S位置出发，求从S到每个位置的最短路！（路的权值都是1），如果到不了的输出-1！思路：很强的一个题，自己一点思路都没有，用dijkstra 想了许久，赛后补得！这是一个求补图的最短路问题，看了许多学长的博客！都认为这是一个经典问题，，看来还差的远啊！用BFS，思路比较巧妙！首先是建图，建图肯定不能建

和普通的bfs基本一样，只不过多了一个可以穿越的障碍的条件！思路：建立一个三维数组vis表示是否访问过，第三维表示穿越的障碍数量。结构体中包括坐标，步数，障碍数。教训：之前错一次，因为开成了二维数组，但仔细想想的话，开二维数组表示是否访问，可能会被其他同样的条件给覆盖掉！代码如下：#include#include#include#includeusing

思路和书上思路一样！先 从终点BFS，用d数组记录到终点的最短距离，直接从0开始不断加1即可！扫到起点后，在从起点开始BFS，走路的条件必须满足，下一个路 加 1 等于这个路，而且没有访问过 vis[i] = 0，然后在是字典序最小（把所有字典序最小的全部加入！）最后存入答案时，用step 记录从1走到当前步的步数，这个数值就是答案的 索引，最后答案存入所有路中最小字典序就行了！这

Trees on the levelTime Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 783    Accepted Submission(s): 268Problem DescriptionTrees are

L3-010. 是否完全二叉搜索树时间限制 400 ms内存限制 65536 kB代码长度限制 8000 B判题程序 Standard 作者 陈越将一系列给定数字顺序插入一个初始为空的二叉搜索树（定义为左子树键值大，右子树键值小），你需要判断最后的树是否一棵完全二叉树，并且给出其层序遍历的结果。

L2-011. 玩转二叉树时间限制 400 ms内存限制 65536 kB代码长度限制 8000 B判题程序 Standard 作者 陈越给定一棵二叉树的中序遍历和前序遍历，请你先将树做个镜面反转，再输出反转后的层序遍历的序列。所谓镜面反转，是指将所有非叶结点的左右孩子对换。这里假设键值都是互不

L3-1. 肿瘤诊断时间限制 400 ms内存限制 65536 kB代码长度限制 8000 B判题程序 Standard 作者 陈越在诊断肿瘤疾病时，计算肿瘤体积是很重要的一环。给定病灶扫描切片中标注出的疑似肿瘤区域，请你计算肿瘤的体积。输入格式：输入第一行给出4个正整数：M、N、L、T

Knights of NiTime Limit: 1000MS Memory Limit: 65536KTotal Submissions: 2032 Accepted: 872DescriptionBessie is in Camelot and has encountered a sticky situation: she

CaterpillarTime Limit: 2000MS Memory Limit: 65536KTotal Submissions: 2289 Accepted: 1074DescriptionAn undirected graph is called a caterpillar if it is connected,

J. Cleaner Robottime limit per test 2 seconds memory limit per test 512 megabytes input standard input output standard output 　Masha has recently bought a cleaner robot, it can clean a floor

题意：给你一棵树，求树上最长距离。思路：也就是求树的直径两遍bfs即可， 第一次从任意一个点开始bfs， 找出最长距离， 并记录点在哪（记为s），那么s 一定是树直径上的一个端点。在从s bfs一遍即可。原理: 设起点为u,第一次BFS找到的终点v一定是树的直径的一个端点证明:1) 如果u 是直径上的点，则v显然是直径的终点(因为如果v不是的话，则必定存在另一个点w