退役ACMer

题目链接：POJ 2342题意：在一个公司里，每个成员都有各自的rating，要参加一次年会，规定  有直接上下级关系的任意两人不能同时参加，并且要使参加年会成员的rating值最大；题解：关于树形dp—树形dp总结而对于这题，对于么个成员都有去不去两种可能，用dp[i][0]表示他不去的最大rating值，dp[i][1]表示去的最大r

传送门：POJ 3708题解（1）设m, k的d进制表示分别为p1p2···pn1, k1k2···kn2 其中n1, n2是位数（2）由f(m)f(m)定义得: f(m)=ap1∗dn−1+∑i=2n(bpi∗dn−i),ap1ϵ[1，d）,(bpiϵ[0,d),iϵ[2,n)]f(m) = a_{p_1} * d ^{n - 1} + \sum_{i=2}^n( {b_{p_i}}*d

对于一个串, 假定在i处形成循环， 那么 next[i]应该是上一个循环节尾，所以i % (i - next[i]) == 0且next[i] > 0当前i - next[i]是最小循环节的长度.代码：#include <iostream>#include <algorithm>#include <cstring>#include <string>#include <set>#inclu

求串的最小循环节,  根据循环条件: n 为串长那么 n - next[n]是n的约数code:#include #include #include using namespace std;const int N = 1000010;char T[N];int Next[N], len1;void getNext(){ len1 = strlen(T);

题意求模式串在主串中出现的次数题解： 1. KMP匹配 2. 匹配完成后移位为串尾的next值code:#include <cstdio>#include <cstring>using namespace std;const int N = 1000010;const int M = 10010;char S[N], T[M];int Next[M], len1;void getN

code:#include #include #include using namespace std;const int N = 5000 + 10;struct point{ int x, y; point(int _x = 0, int _y = 0):x(_x), y(_y){}; bool operator < (const point &rhs) const{

前提 : 1. KMP 单模式匹配原理 2. 字典树结构失配函数获取： 1. 找当前点s的失配节点下标为c, 先找到找父节点f的失配节点fail[f], 如果fail[f]存在下标为c子节点, 那么fail[s] = ch[fail[f]][id] 不存在沿着失配指针回推fail[….fail[f]]直至根节点 2. 由于是树形， 所以一般采取bfs递推fail值, 而

题解:2318+排序 #include #include #include using namespace std;const int N = 1000 + 10;int ans[N], mp[N];int n, m, x1, y1, x2, y2, up, down, x, y;struct line{ int u, l; bool opera

code:#include <iostream>#include <cstring>#include <cmath>using namespace std;typedef double ld;const ld eps = 1e-8;const int N = 110;struct line{ ld p[2][2];}l[N];struct vec{ ld x, y;

code：#include <cmath>#include <cstdio>#include <utility>using namespace std;typedef double ld;int n;struct Point{ int x, y; void read(){ scanf("%d%d", &x, &y); }}s1, e1, s2, e2

code : #include <cstdio>#include <cmath>#include <vector>#include <cstring>using namespace std;typedef double ld;const ld eps = 1e-13;int n;ld dis[75][75], ans[75];ld x, d, md, mu, u;bool vis[7

题解链接 ： 点击打开链接code : #include #include #include using namespace std;typedef long long ll;const int N = (1 << 16) + 10;struct R{ ll v, id; bool operator < (const R &rhs) const{ ret

code:#include #include #include using namespace std;typedef long long ll;const int N = (1 << 16) + 10;ll p, b, n;ll FastPowMod(ll a, ll b, ll mod){ ll ret = 1 % mod; while(b){ if(b & 1

code : #include #include #include #include #include using namespace std;typedef double ld;const int N = 100010;const ld eps = 1e-8;int n;struct Point{ ld x, y; Point(ld _x =

传送门： POJ 1061题解 同余方程解法 注意取模时， 不能被整除的模数， 可能结果为负， 所以尽量使扩展欧几里得的a, b为正值AC code：#include<cstdio>#include<iostream>#include<algorithm>using namespace std;typedef long long LL;LL px, py, m, n, L, x,

传送门：POJ 1006题意 给定体力，情感，智慧的一个出现日期（周期已知）， 以及当前日期， 求最少再过多少天同时出现三个峰值题解 同余方程组， 设x 是要求的解, 令 y = x + d（当前日期），则 y ≡ p (mod 23), y ≡ i (mod 28), y ≡ e (mod 33); 用中国剩余定理求解， 转载一篇文章：中国剩余定理AC code

题目链接：poj 1190题解：这题刚开始想不到搜索的初始状态，没办法下手，迷迷糊糊的，后来就想着 按照给定n的初始入手，吧未放置的第0层看成一个圆，不是立体，高度也设为n + 1， 然后 从下往上找。。。。 想这个思路 花了太长时间   。。。。虽然是一发a但是感觉 自己对搜索的理解 太浅  能力还是要提高啊AC code:#i

POJ 2828题解：这题最巧的是， 最后一个人的顺序是固定的， 反向更新运用线段树比较简单。比如， 最后一名选在第i个人后面， 那么他的位置就是i + 1, 以此类推倒数第二个.....这题是早前训练做的一道， 今天补上题解AC code：//adruill's submission#include#

POJ 3468经典区间更新题， 第一次完整敲完， 很不熟练， 要好好提升姿势水平。。AC code://lrl's submission#include#include#include#include#include#include#include#include#include#include#includeusing

题目链接：POJ 3264题意：RMQ问题题解：采用非递归线段树，orz神牛真是太强了，这种线段树好理解， 我成功1A，本蒻苣简直不敢相信....上代码：//lrl's submission#include#include#include#include#include#include#include#include#inc

POJ 3070题解： 矩阵快速幂。 转载一篇文章：关于快速幂和矩阵快速幂code:/*adrui's submission Language : C++Result : AcceptedLove : llfavorite : Dragon BallsStanding in the Hall of Fame*/#include#in

POJ 3233题解：Sn为所求矩阵， 则这样， 此题就变成了求矩阵幂和矩阵乘法， 分块矩阵乘法和普通矩阵一样的。code：/*adrui's submissionLanguage : C++Result : AcceptedLove : llFavorite : Dragon BallsStanding in the Ha

题意 给定一组字符串， 找出每个字符串的最短可识别的缩写前缀 如果到串尾也无法特定识别， 标志为整个串题解 字典树 + 构造时前缀串AC code：/** Author : adrui* Language : C++* Result : Accepted* Love : yy* Favorite : Dragon Balls* Standing in the Hall o

题意 给定一组序列可转换相邻项的序列， 求让它排成非递减的最小操作数题解 就是求序列逆序对数， 但是序列最大数据较大， 数组开不出来， 所以需要现进行离散化 比如 9， 1， 0， 5， 4 ->0, 1, 4, 5, 9初始序列在排序后序列下标为5， 2， 1， 4， 3 就是把上限较大的元素集离散成500000数据量内的可执行的可求逆序对下表序列， 这样离散后元素最大为50

题解 Splay入门模板 将l - 1移到根， r + 1移到根下方， 那么[l, r]就在根的右子树的左子树上， 更新的时候也这样旋转， 更新lazycode:#include<iostream>#include<cstring>#include<cstdio>using namespace std;#define debug 0#define M(a, b) memset(a

传送门：POJ 3481题解 用二分查找建树， 然后把新节点放到root下， 这样能够保证查询复杂度平摊为O(logn); 查询后， 把查找的节点删掉(修改父亲和某个孩子指针， 数组模拟)， 因为新建的时候旋转， 所以这里的节点不会又两个孩子 还有一种map解法Splay code:#include<iostream>#include<cstring>#include<cstd

传送门：POJ 2155题意 给定一个初始全为0的n * n矩阵， 可以分块修改各项值， 查询某点当前值 修改是0->1 || 1->0题解 二维区间染色， 每次更新染色区间， 更新各点染色 然后值是染色次数奇偶性 区间染色AC code:#include<iostream>#include<cstring>using namespace std;#define d

传送门： poj 3667题解： 优先左边， 区间合并/* adrui's submission Language : C++ Result : Accepted Favorite : Dragon Balls Love : yy Motto : Choose & Quit Standing in the Hall of Fame*/#include<iostr

传送门 ：题解 这里把每两个mine之间分段， 每两个mine之间安全走过到末尾概率pi分别求出（快速幂）， 越过的概率是pi*(1 - p)（一次走两步） 推导过程 AC code:#include<iostream>#include<cstring>#include<cmath>#include<iomanip>#include<cstdio>#include<alg

题意 给定n面墙, 这n面墙可能相交, 给出一个点， 可以在墙（相交后）的中点开门， 求它出矩形的最少门数分析对于一面最小的不可分割的墙, 某一点到它的某一端如果不和其它墙相交， 直接可以开门穿过， 如果有相交的墙l， 就要先穿过l, 一次向上推， 直至不存在相交的墙， 那么可以直接从中点穿过….所以对于某个给定线段某个端点最小门数就是和其他线段相交数 + 1矩形四个顶点也要考虑所以