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题意  有一个Crane由n条线段连接组成  每个连接点处均可以任意旋转  给你n条线段的长度  然后又m次旋转操作  给你p和r  将第p和第p+1条线段之间的角度旋转为r  即第p条线段绕p的终点逆时针旋转r度后能够与第p+1条重合  问每次旋转后最后一条线段的终点坐标可以发现  旋转第p+1条线段时  p+1后面的所有线段也一起旋转了  可以把Crane分解为n个向量  这些向量

题意 对一个数组有四种操作1: 将区间[ l, r] 中的所有值都加上c2：将区间 [l, r] 中所有比c大的值改为c3：将区间 [l, r] 中所有比c小的值改为c4：输出区间 [l, r] 中所有数的最小值和最大值对每个操作4输出对应最小值和最大值基础的线段树 在湘潭卡了好久没写出来 线段树维护三个值 区间最大值 maxv, 区间最小值minv, 区间增加的值add 操作1是

Rails There is a famous railway station in PopPush City. Country there is incredibly hilly. The station was built in last century. Unfortunately, funds were extremely limited that time.

题意  动态查询第K大的数用小数在前优先队列维护K个数  每要插入一个数时 若这个数小于队首元素那么就不用插入了  否则队首元素出队  这个数入队  每次询问只用输出队首元素就行了#include#includeusing namespace std;int main(){ int n, a, k; char op[5]; while(~scanf("%d%

题意  中文动态区间和问题   只会更新点  最基础的树状数组 线段树的应用树状数组代码#include using namespace std;const int N = 50005;int c[N], n, m;void add(int p, int x){ while(p <= n) c[p] += x, p += p & -p;}int

题意  输入n个数  然后有两种操作   输入0时将给定区间所有数都变为自己的开方   输入1输出给定区间所有数的和虽然是区间更新  但每个点更新的不一样  因此只能对单点进行更新  其实一个点最多被更新7次  2^64开平方7次后就变为1了  如果某个区间的数都变为了1  那么对这个区间的开方就不用考虑了   另外要注意给你的区间可能是反的#include #define lc p<<

题意  公司中有n个员工  除了boss  每个员工都有自己的上司  自己下属的下属也是自己的下属  当给一个员工分配任务时  这个员工会把任务也分配到自己的所有下属   每个员工都只做最后一个被分配的任务  对于每个C x  输出员工x正在做的任务  没有就输出-1把员工的关系数建成类似并查集的结构  把每个直接分配任务的员工的任务和任务分配时间保存起来  查询时只要找这个员工所有父节点中最

题意  有n个连在一起的地道  接下来有m个操作  D x 炸掉x号地道  炸掉后x所在的区间就不连续了  Q x 查询输出包括x的最大连续区间长度   R修复最后一个被炸的地道  注意输入R时可能并没有需要修复的地道线段树的区间合并问题  线段树要维护3个信息  len  对应区间的最大连续长度 ll  对应区间最左端的一段连续长度lr  对应区间最右端的一段连续

题意  在墙上贴n张海报  输入每张海报的的左右端点坐标  问最后可以看到多少张海报  能看到一点也是能看到先把线段树初始化为0 输入一张海报  就把那个区间变成这张海报的序号  最后判断墙上有多少个不同的序号就行了但是海报坐标的端点值高达10000000  直接用线段树会超时   但是注意到海报最多只有10000张  也就是最多有20000个不同的坐标  于是可以利用离散化的知识   把

题意  一块w*h的玻璃  对其进行n次切割  每次切割都是垂直或者水平的  输出每次切割后最大单块玻璃的面积用两个set存储每次切割的位置   就可以比较方便的把每次切割产生和消失的长宽存下来  每次切割后剩下的最大长宽的积就是答案了#include using namespace std;const int N = 200005;typedef long long LL;set

题意  中文可以先排序然后输出第k个  复杂度为O(N*logN)  但有更快的方法  其实二分时只要能保证mid左边的数都比mid小  mid右边的数都比mid大就能进行划分了   对于k不在的区间就不用管了  于是可以用到快排的思想#include using namespace std;const int N = 1000005;int a[N];int main(){

题意  给你二叉树的先序序列和中序序列  求它的后序序列先序序列的第一个一定是根  中序序列根左边的都属于根的左子树  右边的都属于右子树  递归建树就行了#include using namespace std;typedef struct TNode{ char data; TNode *lc, *rc;} node, *BTree;void build(B

题意  n个人排队  每个人都有个属性值  依次输入n个pos[i]  val[i]  表示第i个人直接插到当前第pos[i]个人后面  他的属性值为val[i]  要求最后依次输出队中各个人的属性值从头到尾看的话  队列是动态的   无法操作  但是反过来看时  pos[i]就可以表示第i个人前面还有多少个人了  然后想到了用线段树做就简单了  线段树维护对应区间还有多少个空位  每次把i放

题意  n个人顺时针围成一圈玩约瑟夫游戏  每个人手上有一个数val[i]   开始第k个人出队  若val[k] 0 时向左数val[k]个  第m出队的人可以得到m的约数个数个糖果  问得到最多糖果的人是谁约瑟夫环问题  n比较大 直接模拟会超时   通过线段树可以让每次出队在O(logN)时间内完成  类似上一道插队的题  线段树维护对应区间还有多少个人没出队  那么当我们知道出队的人

题意  模拟内存申请  有n个内存单元  有以下4种操作  Reset  将n个内存单元全部清空  New x  申请一个长度为x的连续内存块  申请成功就输出左端  Free x  将x所在的内存块空间释放  释放成功输出释放的内存始末位置  Get x  输出第x个内存块的起始位置Reset 和 New 都是基本的区间合并知识  比较简单  Free和Get需要知道内层块的

题意  把一些矩形海报挖去一部分小矩形贴在指定位置  问最后海报覆盖的面积一个矩形框可以分割成4个独立的小矩形  然后就能用扫描线求面积并了#include #include using namespace std;const int N = 100005, M = N << 2;typedef long long ll;struct SLine{ int x, y1

题意  给你一些矩形的左下和右上的坐标  求这些矩形的周长并也先来看点图  和面积并类似  求周长并也可以对每条竖边从左往右进行扫描  每次周长增加了多少呢 可以发现y方向上对周长增加的量就是扫描线上线段的总长度的改变量  x方向增加了线段段数 * 2 倍的与下一条竖边间的距离  因为每一段都会对应两个横边那么我们需要维护线段的总长度len和线段的段数num  len和

题意  给你n个矩形  每个矩形都有自己的value  你可以任意改变矩形的表里关系   被覆盖的地方的value取最表层的   求总value的最大值刚看了扫描线  感觉这个可以用扫描线做就直接写了  其实直接离散化就行了  因为最多也就20个矩形  那坐标最多也就40个  那我们对坐标进行离散化  然后将矩形按value从小到大一个个的放  暴力更新覆盖格子的value  最后直接将2n

题意  给你一些矩形的左下和右上的坐标  求这些矩形的面积并最基础的扫描线  理解了就是个水题了  先看一些图吧                                               恩  看完了有什么感觉没有  那些红色的线就可以当作传说中的扫描线  就像从左到右扫描嘛  可以发现  矩形有竖直边的地方就有这些线  这些线把把拼在一起的矩形切

题意  给你一个数组求其中逆序对(ia[j])的个数 我们来看一个归并排序的过程:给定的数组为[2, 4, 5, 3, 1]，二分后的数组分别为[2, 4, 5], [1, 3]，假设我们已经完成了子过程，现在进行到该数组的“并”操作：a: [2, 4, 5]b: [1, 3]result:[1]选取b数组的1

题意  给你一个只有0, 1的数组  有这些操作  0. 将[a, b]区间的所有数都改为0  1. 将[a, b]区间的所有数都改为1  2. 将[a, b]区间的所有数都取反 即与1异或  3. 输出区间[a, b]中1的个数  即所有数的和  4. 输出区间[a, b]中最大连续1的长度对于所有的3, 4操作输出对应的答案单个的操作都很简单  但搞在一起就

题意  给你一个数组  有更新值和查询两种操作  对于每次查询  输出对应区间的最长连续递增子序列的长度基础的线段树区间合并  线段树维护三个值  对应区间的LCIS长度(lcis)  对应区间以左端点为起点的LCIS长度(lle)  对应区间以右端点为终点的LCIS长度(lri)  然后用val存储数组对应位置的值  当val[mid + 1] > val[mid] 的时候就要进行区间合并操

题意  给你一个数组  你每次可以从中删掉2到k个数  然后把删掉的数的积加入到原数组  直到最后只剩一个数   求这样能得到的最大值和最小值的差每次选的数值越小  选的数量越少  最后得到的结果肯定越大  因为这样大的数可以乘以最大的倍数  运算的次数也是最多从而使+1的次数最多  这显然是有利于最后结果的增大的同理  每次选的数越大  选的数越多  最后得到的结果越小这样最大值就是

题意   在坐标系中有n条平行于y轴的线段  当一条线段与另一条线段之间可以连一条平行与x轴的线不与其它线段相交  就视为它们是可见的  问有多少组三条线段两两相互可见先把所有线段存下来  并按x坐标排序  线段树记录对应区间从右往左当前可见的线段编号(1...n)  超过一条就为0  然后从左往右对每条线段  先查询左边哪些线段和它是可见的  把可见关系存到数组中  然后把这条线段对应区间的

题意  长度为n的数组上有个长度为k的滑窗从左向右移动  求每次移动后滑窗区间的最小值和最大值  输出两行  第一行所有最小值  第二行所有最大值可以用线段树来做  但是单调队列更简单 单调递增队列： 队尾单调入队(入队元素大于队尾元素时直接入队  否则队尾出队直到队尾元素小于入队元素或者队列为空)  队首队尾都可以出队求最小值时 先判断队首元素是否在滑窗之内  不在队首就出队  然后

题意  求国际象棋中骑士从一个位置移东到另一个位置所需最少步数基础的BFS应用#include using namespace std;int x[] = { -2, -1, -2, -1, 1, 2, 1, 2};int y[] = { -1, -2, 1, 2, -2, -1, 2, 1};int d[15][15], sx, sy, ex, ey;pair q[105],

题意  判断输入的括号序列是否是配对的栈的基础应用  栈顶元素与输入的字符匹配就出栈咯  注意括号序列可以为空STL栈#include using namespace std;int main(){ int cas; char c; cin >> cas; getchar(); while(cas--) { stac

题意  求一个n*n矩阵的最大子矩阵和HDU 1003 max sum 的升级版   把二维简化为一维就可以用1003的方法去做了  用mat[i][j]存  第i行前j个数的和   那么mat[k][j]-mat[k][i]就表示第k行  第i+1个数到第j个数的和了   再将k从一枚举到n就可以得到这个这个宽度为j-i的最大矩阵和了   然后i,j又分别从1枚举到n就能得到结果了   和1

题意  假设一棵二叉树也会落叶  而且叶子只会垂直下落   每个节点保存的值为那个节点上的叶子数   求所有叶子全部下落后   地面从左到右每堆有多少片叶子和上一题有点像  都是递归输入的  一个节点(设水平位置为p)  则它的左右儿子节点的水平位置分别为  p-1  p+1   也是可以边输入边处理的  输入完也就得到答案了   注意每个样例后面都有一个空行  包括最后一个#includ

题意   汽车通过渡船过河  渡船开始在左边   输入按车辆来的顺序输入河两岸的车   渡船每次运输的汽车的总长度不能超过渡船自己本身的长度  先来的车先走   求轮船至少跨河多少次才能将所有的车辆都运完简单模拟  建两个队列  分别装左边的车  和右边的车   算出两边各至少需要运输多少次就行了#include#include#includeusing namespace std;

题意  判断一个树状天平是否平衡   每个测试样例每行4个数  wl,dl,wr,dr  当wl*dl=wr*dr时  视为这个天平平衡  当wl或wr等于0是  下一行将是一个子天平  如果子天平平衡  wl为子天平的wl+wr  否则整个天平不平衡容易看出  输入是递归的  所以我们可以直接递归  边输入边判断#includeusing namespace std;bool so

题意 给你一个树的中序遍历和后序遍历 某个节点的权值为从根节点到该节点所经过节点的和 求权值最小的叶节点的值 如果存在多个 输出值最小的那个把树建好就好说了 递归递归dfs msun保存最小叶节点权值 ans保存答案

题意  建树并层次遍历输出  (data,pos)  pos表示改节点位置  L代表左儿子  R代表右儿子   建树很简单  开始在根节点  遇到L往左走遇到R往右走 节点不存在就新建   走完了就保存改节点的值  输出直接bfs就行了了  #include#include#includeusing namespace std;const int maxn = 300;char

The Dole Queue In a serious attempt to downsize (reduce) the dole queue, The New National Green Labour Rhinoceros Party has decided on the following strategy. Every day all dole applican

Broken Keyboard (a.k.a. Beiju Text)You're typing a long text with a broken keyboard. Well it's not so badly broken. The only problem with the keyboard is that sometimes the "home" key or the "en

Ananagrams Most crossword puzzle fans are used to anagrams--groups of words with the same letters in different orders--for example OPTS, SPOT, STOP, POTS and POST. Some words however do

Boxes in a LineYou have n boxes in a line on the table numbered 1 . . . n from left to right. Your task is to simulate 4kinds of commands:• 1 X Y : move box X to the left to Y (ignore this if X

Dropping Balls A number of K balls are dropped one by one from the root of a fully binary tree structure FBT. Each time the ball being dropped first visits a non-terminal node. It then k

题意  模拟银行的排队系统  有三种操作  1-添加优先级为p 编号为k的人到队列  2-服务当前优先级最大的   3-服务当前优先级最小的  0-退出系统可以用stl中的map   因为map本身就根据key的值排了序   对应2，3  我们只需要输出最大或最小就行了并从map中删除该键值#include#includeusing namespace std;map a;in

题意  n辆火车按顺序依次进站  判断给定的出战顺序是否可能用数组模拟模拟栈代表车站  车依次进站  每当栈顶火车序号与当前要出站的b[cur] 相等时 就让栈顶元素出栈  即top-- #include#includeusing namespace std;const int N = 2000;int b[N], c[N];int main(){ int l, cur