题目大意
给定一个长度为
n
的序列
操作顺次执行,第
一个操作的选择不同,显然可能会导致后面的操作实际减去的数之和不一样。现在要你计算出在最优决策下,字典序最大的实际减数和序列。
题目分析
先考虑如果我们确定了每次减去的数的和,我们怎么判定这个方案是否合法。
显然我们可以网络流跑一下看看是否满流,而且如果我们把点拆开来就是一个二分图最大匹配。
我们相当于要判断是否存在完全覆盖
X
集合的匹配方案。
考虑使用
怎么办?
Hall
定理有一个很套路的推广:如果每个点的连边都是向一个区间连的,而且任意两个区间不存在包含关系,那么我们只需要对任意区间检查
Hall
定理就好了。
证明挺简单的。此处略,你可以看Werkeytom_FTD的blog。
怎么判断一个区间是否满足
Hall
定理呢?首先我们把
a
序列中没有被任何区间覆盖的数丢掉,然后把所有操作按照右端点排序。令
再令 Ci=Bi−Ari , Di=Bi−1−Ali−1 ,那么相当于要满足
考虑按照时间顺序计算操作 x ,如果
再看看为了保证合法
使用简单的线段树就可以兹瓷所有这些操作。时间复杂度
代码实现
#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <climits>
#include <cstring>
#include <cctype>
#include <cstdio>
using namespace std;
typedef long long LL;
LL sqr(int x){return 1ll*x*x;}
int read()
{
int x=0,f=1;
char ch=getchar();
while (!isdigit(ch)) f=ch=='-'?-1:f,ch=getchar();
while (isdigit(ch)) x=x*10+ch-'0',ch=getchar();
return x*f;
}
int buf[30];
void write(int x)
{
if (x<0) putchar('-'),x=-x;
for (;x;x/=10) buf[++buf[0]]=x%10;
if (!buf[0]) buf[++buf[0]]=0;
for (;buf[0];putchar('0'+buf[buf[0]--]));
}
const int INF=INT_MAX/2;
const int N=40050;
const int Q=40050;
const int S=Q<<2;
struct query
{
int l,r,id,K;
bool operator<(query const x)const{return r<x.r;}
}qy[Q];
int a[N],A[N],tag[N],idx[N],pos[N];
int C[Q],D[Q];
int n,q;
struct segment_tree
{
int mx[S],mi[S],tag[S][2];
void init(){mx[0]=-INF,mi[0]=INF;}
void ADD(int x,int y,bool tp){tp?mi[x]+=y:mx[x]+=y,tag[x][tp]+=y;}
void clear(int x,int l,int r)
{
for (int i=0;i<2;++i)
if (tag[x][i])
{
if (l!=r) ADD(x<<1,tag[x][i],i),ADD(x<<1|1,tag[x][i],i);
tag[x][i]=0;
}
}
void update(int x){mx[x]=max(mx[x<<1],mx[x<<1|1]),mi[x]=min(mi[x<<1],mi[x<<1|1]);}
void modify(int x,int st,int en,int l,int r,bool tp,int delta)
{
if (st>en) return;
clear(x,l,r);
if (st==l&&en==r)
{
ADD(x,delta,tp),clear(x,l,r);
return;
}
int mid=l+r>>1;
if (en<=mid) modify(x<<1,st,en,l,mid,tp,delta);
else if (mid+1<=st) modify(x<<1|1,st,en,mid+1,r,tp,delta);
else modify(x<<1,st,mid,l,mid,tp,delta),modify(x<<1|1,mid+1,en,mid+1,r,tp,delta);
update(x);
}
int query(int x,int st,int en,int l,int r,bool tp)
{
clear(x,l,r);
if (st==l&&en==r) return tp?mi[x]:mx[x];
int mid=l+r>>1;
if (en<=mid) return query(x<<1,st,en,l,mid,tp);
else if (mid+1<=st) return query(x<<1|1,st,en,mid+1,r,tp);
else
{
int ret=query(x<<1,st,mid,l,mid,tp),ret_=query(x<<1|1,mid+1,en,mid+1,r,tp);
return tp?min(ret,ret_):max(ret,ret_);
}
}
void build(int x,int l,int r)
{
if (l==r)
{
mi[x]=D[l],mx[x]=C[l];
return;
}
int mid=l+r>>1;
build(x<<1,l,mid),build(x<<1|1,mid+1,r),update(x);
}
}t;
void loada()
{
int x=read(),y=read(),z=read(),P=read();
for (int i=1;i<=n;++i) a[i]=((sqr(i-x)+sqr(i-y))%P+sqr(i-z))%P;
}
void loadk()
{
q=read(),qy[1].K=read(),qy[2].K=read();
for (int x=read(),y=read(),z=read(),P=read(),i=3;i<=q;++i) qy[i].K=(1ll*qy[i-1].K*x+1ll*qy[i-2].K*y+z)%P;
}
void process()
{
for (int i=1;i<=q;++i) ++tag[qy[i].l],--tag[qy[i].r+1];
int n_=0;
for (int i=1;i<=n;++i)
{
tag[i]+=tag[i-1];
if (tag[i]) a[idx[i]=++n_]=a[i];
}
n=n_;
for (int i=1;i<=n;++i) A[i]=A[i-1]+a[i];
for (int i=1;i<=q;++i) qy[i].l=idx[qy[i].l],qy[i].r=idx[qy[i].r];
sort(qy+1,qy+q+1);
for (int i=1;i<=q;++i) C[i]=-A[qy[i].r],D[i]=-A[qy[i].l-1],pos[qy[i].id]=i;
}
void solve()
{
if (!q) return;
t.init(),t.build(1,1,q);
for (int i=1;i<=q;++i)
{
int j=pos[i],d=t.query(1,1,j,1,q,1),c=t.query(1,j,q,1,q,0),x=min(d-c,qy[j].K);
write(x),putchar('\n'),t.modify(1,j,q,1,q,0,x),t.modify(1,j+1,q,1,q,1,x);
}
}
int main()
{
freopen("forget.in","r",stdin),freopen("forget.out","w",stdout);
n=read(),loada(),loadk();
for (int i=1;i<=q;++i) qy[i].l=read(),qy[i].r=read(),qy[i].id=i;
process(),solve();
fclose(stdin),fclose(stdout);
return 0;
}